説明
割り当てられたタスクを完了した後、西は、楼蘭の古代都市の314西に来ました。伝説によると、昔、この土地に（それ以前楼蘭の古代都市よりは）2つの部族、部族の崇拝ナイフ（「V」）、部族の礼拝スペード（「∧」）を住んでいた、と彼らが表現するためにV字状とした∧それぞれの部族のトーテム。
以下Kroraina 314にウエスト巨大壁画を発見し、点Nと垂直位置の水平方向の位置を測定することにより求めた点Nを、標識された壁画は、ペアワイズ互いに素です。西情報は、N点の相対位置と壁画に含まれているので、我々は、座標（1、Y1）であると仮定することができること314、（2 、Y 2）、...、（N、YN）、 Y1〜YN nは1が配置されています。
次のように西314はVが定義され、壁画はトーテムを含有するどのように多くのトーテムを検査しようとする（注：のみトーテムの形態と約3縦の順序の相対的な大きさ）1 <= iの= <K <Jが< n及びYI> YJ、YJ <YK。
礼拝∧部族トーテムのように定義されている1 <= iが<jの<K <= N及びYI <YJ、YJ> YK。
314西は2つの部族のトーテムにn個の点の数を知りたいです。そのため、あなたは数および∧Vの数を見つけるためのプログラムを記述する必要があります。
入力形式
n個の第一行
2行目のは、数あるN、Y1、Y2を表す...... YN
出力フォーマット
2つの数字が
スペースで区切っ
Vと番号の数字が続き∧
サンプル入力
5
1 5 3 2 4
サンプル出力
3 4
データ範囲と表記
データ・N- <600 = 10％の
データのN- <5000 = 40％
、100％のデータN <= 200000は、答えがInt64型を超えていない\
分析：
まず、後戻りすることはフェンウィックツリーで逆転しようとします：ここで
前方得スキャン左に現在のポイントよりも大きなポイントを [i]を左数の
（まだ現在のポイント・ポイントよりも小さい数）
逆スキャンは、一度取得しました現在の点と右点より右側[i]の数である
（と現在のポイントよりも少ないドット数）
、その後の各点列挙されている
* [I]需要が左= + V字形ANSで右[i]は
別の同様の
コンクリートコードを見て
PS：
後ろ最初のいくつかのケースはWAされた後
、最後の検出プロセスがintの乗算を破裂されます、私はショックを受けた、良いことではない答えがint超えないでください
あなたが密接に見れない、それはint64型以上のものではありません。。それは長い長い、です。有毒
コード：
#include<iostream>
#include<cstdio>
typedef long long ll;
const int inf=0x3f3f3f3f;
const int inn=0x80808080;
using namespace std;
const int maxm=2e5+5;
int a[maxm];
int c[maxm];
int n;
int l[maxm];
int r[maxm];
int l2[maxm];
int r2[maxm];
int lowbit(int x){
return x&(-x);
}
void add(int i,int t){
while(i<maxm){
c[i]+=t;
i+=lowbit(i);
}
}
int sum(int i){
int res=0;
while(i){
res+=c[i];
i-=lowbit(i);
}
return res;
}
int main(){
while(cin>>n){
memset(c,0,sizeof c);
for(int i=1;i<=n;i++){
cin>>a[i];
add(a[i],1);
l[i]=i-sum(a[i]);//求左边比他大的点 的数量
l2[i]=sum(a[i]-1);//求左边比他小的 的数量
}
memset(c,0,sizeof c);
for(int i=n;i>=1;i--){
add(a[i],1);
r[i]=(n-i+1)-sum(a[i]);//求右边比他大的点 的数量
r2[i]=sum(a[i]-1);//求右边比他小的点 的数量
}
ll ans1=0,ans2=0;
for(int i=1;i<=n;i++){
ans1+=(long long)l[i]*r[i];//这里乘法爆int，贼坑
ans2+=(long long)l2[i]*r2[i];
}
cout<<ans1<<' '<<ans2<<endl;
}
return 0;
}