1、题目描述
一个机器人位于一个 m x n 网格的左上角 (起始点在下图中标记为“Start” )。
机器人每次只能向下或者向右移动一步。机器人试图达到网格的右下角(在下图中标记为“Finish”)。
现在考虑网格中有障碍物。那么从左上角到右下角将会有多少条不同的路径?
网格中的障碍物和空位置分别用 1
和 0
来表示。
2、算法分析
上一题是没有障碍的情况,求出到达最右下角的网格有多少种走法。
本题是到达终点期间有障碍物。且障碍物和空位置分别用
1
和0
来表示。步骤如下:
①确定dp数组以及下标的含义
dp[i][j] :表示从(0 ,0)出发,到(i, j) 有dp[i][j]条不同的路径。
②确实递推公式
递推公式和62.不同路径一样,dp[i][j] = dp[i - 1][j] + dp[i][j - 1]。
但这里需要注意一点,因为有了障碍,(i, j)如果就是障碍的话应该就保持初始状态(初始状态为0)。
③数组初始化
dp[0][0]:obstacleGrid[0][0]是0的话,dp[0][0] = 1;obstacleGrid[0][0]是1的话,dp[0][0] = 0
所以dp[0][0] = 1 - obstacleGrid[0][0]
接着对第一行,第一列进行初始化。从(0, 0)的位置到(i, 0)的路径只有一条,所以dp[i][0]一定为1,dp[0][j]也同理。
for (int i = 0; i < m && obstacleGrid[i][0] == 0; i++) dp[i][0] = 1; for (int j = 0; j < n && obstacleGrid[0][j] == 0; j++) dp[0][j] = 1;
④确定遍历顺序
从递归公式dp[i][j] = dp[i - 1][j] + dp[i][j - 1] 中可以看出,一定是从左到右一层一层遍历,这样保证推导dp[i][j]的时候,dp[i - 1][j] 和 dp[i][j - 1]一定是有数值
for (int i = 1; i < m; i++) { for (int j = 1; j < n; j++) { if (obstacleGrid[i][j] == 1) continue; dp[i][j] = dp[i - 1][j] + dp[i][j - 1]; } }
注意:当遍历数组obstacleGrid中遇到1的时候,跳过,后面的是0呢
3、代码实现
class Solution {
public int uniquePathsWithObstacles(int[][] obstacleGrid) {
// 定义二维数组的行,列
int row = obstacleGrid.length;
int column = obstacleGrid[0].length;
// 行列都需要是row-1,column-1
// 0...row-1
// 0...column-1
int[][] dp = new int[row][column];
// 初始化dp数组
// obstacleGrid[0][0] 为0的时候,dp[0][0]的路径为1
// obstacleGrid[0][0] 为1有障碍物的时候,dp[0][0]的路径为0
dp[0][0] = 1 - obstacleGrid[0][0];
// 初始化第1列
for(int i = 1;i < row;i++){
// obstacleGrid[i][0] == 0 当前位置为0无障碍物
// dp[i-1][0] == 1 且之前的都没有障碍,路径为1
if(obstacleGrid[i][0] == 0 && dp[i-1][0] == 1){
// 从(0,0)到(i,0)的路径只有一条,所以dp[i][0]一定为1。
dp[i][0] = 1;
}
}
// 初始化第一行
// 同理
for(int i = 1;i < column;i++){
if(obstacleGrid[0][i] == 0 && dp[0][i-1] == 1){
dp[0][i] = 1;
}
}
// 遍历一般情况,因为(0,j),(i,0)第1行和第1列都已经初始化。所以i,j = 1开始。
for(int i = 1;i < row;i++){
for(int j = 1;j < column;j++){
// 遇到障碍物跳过这个位置的1,继续下一个。
if(obstacleGrid[i][j] == 1){
continue;
}
// 递推公式
dp[i][j] = dp[i-1][j] + dp[i][j-1];
}
}
return dp[row-1][column-1];
}
}