题目描述
2<=S<=2*10^6,1<=n<=10^18,1<=q<=10^5
解题思路
观察可得S的质因子的次幂不超过1,而且不超过6个,设有k个。
这让人浮想联翩。
设质因子
个计入拆分。
那么
。现在问题是n很大,我们不能直接做,而且有
组询问。
n很大,我们考虑一种合法方案,每个
都不小,而p又是s的约数,我们尝试给
,我们模了之后一样的方案归为一类,那么对这类的方案我们再把许多的s分配给不同的
,就可以还原出原来的方案,那么此时假设要分配x个s,那么我们乘上系数
。
我们现在只需要算出恰好要分配x个s的类的方案就可以算出总方案数了,注意到模了之后每个
不超过
,我们完全可以做一个有个数限制的背包,做出当
的每个y的方案数,回答的时候就可以直接弄了,一次询问是O(k)的,不过内存访问似乎不太连续…
注意到一个质因子至少被选一次,那么我们可以先让n减掉每个质因子,这样就不用考虑选没选了。
代码
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<map>
//开 O2!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!
using namespace std;
#define fo(i,j,k) for(i=j;i<=k;i++)
#define fd(i,j,k) for(i=j;i>=k;i--)
#define cmax(a,b) (a=(a>b)?a:b)
#define cmin(a,b) (a=(a<b)?a:b)
typedef long long ll;
typedef long long LL;
typedef double db;
const int N=2000+5,mo=1e9+7,M=2e7+5;
int i,S,term,j,d[N],td,rev[N],q,k;
int f[M],g[M],h[1000005];
ll ans,rem,di,n;
void predo(int S)
{
j=S;
fo(i,2,S)
if (S%i==0)
{
d[++td]=i;
S/=i;
if (S%i==0)
{
term=1;
return ;
}
}
if (S>1) d[++td]=S;
S=j;
f[0]=1;
fo(i,1,td)
{
fo(j,0,S*i) g[j]=f[j];
fo(j,0,S*i)
{
k=j%d[i];
h[k]=(h[k]+g[j]-((j-S>=0)?g[j-S]:0))%mo;
if (h[k]<0) h[k]+=mo;
f[j]=h[k];
}
}
}
int ksm(int x,int y)
{
int ret=1;
while (y)
{
if (y&1) ret=1ll*ret*x%mo;
y>>=1;
x=1ll*x*x%mo;
}
return ret;
}
ll c(ll m,ll n)
{
ll i,ret=1;
fd(i,m,m-n+1) ret=ret*(i%mo)%mo;
fo(i,1,n) ret=ret*rev[i]%mo;
return ret;
}
int main()
{
freopen("1.in","r",stdin);
//freopen("1.out","w",stdout);
scanf("%d %d",&S,&q);
predo(S);
fo(i,1,10) rev[i]=ksm(i,mo-2);
fo(i,1,q)
{
ans=0;
scanf("%lld",&n);
fo(j,1,td) n-=d[j];
if (term||n<0)
{
printf("0\n");
continue;
}
fo(j,0,td)
{
rem=n%S+j*S;
di=n/S-j;
if (di<0) break;
ans=(ans+f[rem]*c(di+td-1,td-1))%mo;
}
printf("%lld\n",ans);
}
}