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Descrição
Dado um n × nn × nn×n matriz A e um inteiro positivo k, encontre a somaS = A + A 2 + A 3 +… + A k S = A + A2 + A3 +… + AkS=UMA+A 2+A 3+…+A k .
Entrada
A entrada contém exatamente um caso de teste. A primeira linha de entrada contém três inteiros positivos n (n ≤ 30), k (k ≤ 109) em (m <104). Em seguida, siga n linhas, cada uma contendo n inteiros não negativos abaixo de 32.768, fornecendo os elementos de A na ordem da linha maior.
Resultado
Produza os elementos do módulo S da mesma forma que A é fornecido.
Amostra de entrada
2 2 4
0 1
1 1
Saída de amostra
1 2
2 3
Tradução de tópicos
Dado um n × nn × nn×matriz de n a e um inteiro positivo k, somaS = a + A 2 + A 3 + ... + A k S = a + A2 + A3 + ... + AkS=uma+A 2+A 3+…+A k。
A entrada
contém apenas um caso de teste. A primeira linha de entrada contém três inteiros positivos n (n ≤ 30), k (k ≤ 1 0 9) em (m <1 0 4) n (n ≤ 30), k (k ≤ 10 ^ 9) em (m <10 ^ 4)n (n≤3 0 )、k (k≤1 09 )em(m<1 04 ). Em seguida, siga n linhas, cada linha contém32768 32768Para n inteiros não negativos abaixo de 3 2 7 6 8 , os elementos de A são dados na ordem principal da linha.
Saída Produza
os elementos do módulo S da mesma maneira que A.
Ideias para resolução de problemas
Considere 1 × 2 1 × 21×Matriz de 2 [A n - 1, S [n - 2]] [A ^ n-1, S [n-2]]【An-1 ,S [ n-2 ] 】 , observe que os 2 elementos desta matriz 1 × 2 são todas matrizes quadradas de ordem r! Esperamos obter uma matriz 1 × 2[A n, S [n - 1]] = [A n - 1 ∗ A, A n - 1 + S [n - 2]multiplicando por uma certa matriz 2 × 2 M】 【A ^ n, S [n-1]】 = 【A ^ n-1 * A, An-1 + S [n-2]】【An ,S [ n-1 ] 】=【An-1∗A ,A n-1+S [ n-2 ] ] É
fácil construir esta matriz M como:
onde 4 elementos são todas matrizes quadradas de ordem r, O significa uma matriz de todos os 0s de ordem r, e E significa uma matriz de identidade (1 na diagonal principal, e todos 0 por outro).
problema resolvido. Nossa complexidade é:(2 r) 3 ∗ logn (2r) 3 * logn( 2 r ) 3∗l o g n
Na verdade, essa matriz é usada nesse método popular. Aqui podemos construir facilmente este 2 r ∗ 2 r 2r * 2r usando as idéias das questões anteriores.2 r∗2 matriz r . Portanto: esta ideia é eficiente, geral, unificada e harmoniosa!
Código
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
using namespace std;
long long nn,k,mm;
struct c{
long long n,m;
long long a[100][100];
}A,B,CC;
c operator *(c A,c B){
c C;
C.n=A.n,C.m=B.m;
for(int i=1;i<=C.n;i++)
for(int j=1;j<=C.m;j++)
C.a[i][j]=0;
for(int k=1;k<=A.m;k++)
{
for(int i=1;i<=C.n;i++)
for(int j=1;j<=C.m;j++)
C.a[i][j]=(C.a[i][j]+(A.a[i][k]*B.a[k][j])%mm)%mm;
}
return C;
}
void poww(long long x){
if(x==1)
{
B=A;
return;
}
poww(x>>1);
B=B*B;
if(x&1)
B=B*A;
}
int main(){
scanf("%lld%lld%lld",&nn,&k,&mm);
CC.n=nn,CC.m=2*nn;
A.n=2*nn,A.m=2*nn;
for(int i=1;i<=nn;i++)
for(int j=1;j<=nn;j++)
{
scanf("%lld",&CC.a[i][j]);
CC.a[i][j]=CC.a[i][j]%mm;
A.a[i][j]=CC.a[i][j];
}
for(int i=1;i<=nn;i++)
for(int j=nn+1;j<=2*nn;j++)
if(j-nn==i)
A.a[i][j]=1;
for(int i=nn+1;i<=2*nn;i++)
for(int j=nn+1;j<=2*nn;j++)
if(j==i)
A.a[i][j]=1;
poww(k);
CC=CC*B;
for(int i=1;i<=nn;i++)
{
for(int j=nn+1;j<=2*nn;j++)
printf("%lld ",CC.a[i][j]);
printf("\n");
}
}