問題の導入
非減少順に配置された 2 つの整数配列 nums1 と nums2 と、それぞれ nums1 と nums2 の要素の数を示す 2 つの整数 m と n が与えられます。
結合された配列も降順に配置されるように、nums2 を nums1 に結合してください。
注: 最終的に、マージされた配列は関数によって返されるのではなく、配列 nums1 に格納される必要があります。この状況に対処するために、nums1 の初期長は m + n です。ここで、最初の m 要素はマージする必要がある要素を表し、最後の n 要素は 0 であるため無視する必要があります。nums2 の長さは n です。(出典: LeetCode)
方法 1: 結合後に直接並べ替える
class Solution {
public:
void merge(vector<int>& nums1, int m, vector<int>& nums2, int n) {
for(int i=0;i<n;i++)
{
nums1[m+i]=nums2[i];
}
sort(nums1.begin(),nums1.end());
}
};
この方法は記述が簡単で、クイック ソート ソートを使用しますが、nums の最後に m+n 個の要素があるため、時間計算量と空間計算量は低くありません。
方法2:ダブルポインタ方式
class Solution {
public:
void merge(vector<int>& nums1, int m, vector<int>& nums2, int n) {
int p1 = 0, p2 = 0;
int sorted[m + n];
int cur;
while (p1 < m || p2 < n) {
if (p1 == m) {
cur = nums2[p2++];
} else if (p2 == n) {
cur = nums1[p1++];
} else if (nums1[p1] < nums2[p2]) {
cur = nums1[p1++];
} else {
cur = nums2[p2++];
}
sorted[p1 + p2 - 1] = cur;
}
for (int i = 0; i != m + n; ++i) {
nums1[i] = sorted[i];
}
}
};
この方法の時間計算量は (m+n) ですが、空間計算量が (m+n) であるのは最適解ではありません。
方法 3: ポインタを反転する方法
class Solution {
public:
void merge(vector<int>& nums1, int m, vector<int>& nums2, int n) {
int p1 = m - 1, p2 = n - 1;
int tail = m + n - 1;
int cur;
while (p1 >= 0 || p2 >= 0) {
if (p1 == -1) {
cur = nums2[p2--];
} else if (p2 == -1) {
cur = nums1[p1--];
} else if (nums1[p1] > nums2[p2]) {
cur = nums1[p1--];
} else {
cur = nums2[p2--];
}
nums1[tail--] = cur;
}
}
};
この方法は、最適解であるダブル ポインター法に基づいて空間複雑度を 1 に減らすことができます。