满分的做法
设f[i]
为前i个障碍物所能生成的最多可能性
设 cnt[i][j]
为从第i个障碍物到第j个障碍物的可行方案数
想要求cnt[i][j]
只需从位置i枚举所有间隔的可能性,看是否能在不触碰到i,j之间的障碍物的情况下到达j
很显然,如果知道了前3个障碍物生成的最多可能性并暴力处理cnt数组,那么当求f[4]时
f[4]=f[1]*cnt[1][4]+f[2]*cnt[2][4]+f[3]*cnt[3][4];
由于暴力处理cnt时间复杂度过大,所以只有60分
#include <bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n;
const int mod = 1e9 + 7;
int f[1010];
int a[1010];
int cnt[1010][1010];
bool st[1010];
int get_cnt(int a, int b) {
int res = 0;
int maxn = b - a;
for (int i = 1; i <= maxn ; i++) {
//枚举间隔
if (a + i == b)
continue;
for (int j = a + i; j <= b; j += i) {
if (j > b)
break;
if (j == b) {
res++;
break;
}
if (st[j]) {
break;
}
}
}
return res;
}
signed main() {
cin >> n;
f[0] = 1;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
cin >> a[i];
st[a[i]] = 1;
}
for (int i = 1; i < n; i++) {
for (int j = i + 1; j <= n; j++) {
cnt[i][j] = get_cnt(a[i], a[j]) % mod;
}
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 0; j <= i - 1; j++) {
f[i] = (f[i] + f[j] * cnt[j][i] % mod) % mod;
}
f[1] = 1;
}
cout << f[n] << endl;
}