トピックの背景:
1、2、5、10、20などの一連の額面の変更があり、その後、お金を支払う必要がある場合、これらの変更を使用して、Zhang Shuの変更の使用を最小限に抑える方法を教えてください。
1.貪欲
対象規制:変更額面の倍数が2倍以上の関係を満たす
コード:
#include <stdio.h>
#include <algorithm>
const int maxn=101;
int coins[maxn];
#define inc(i,l,r) for(int i=l;i<r;i++)
#define dec(i,r,l) for(int i=r-1;i>=l;i--)
int main(){
int count; //面值种数
scanf("%d",&count);
inc(i,0,count) scanf("%d",&coins[i]);
int X; //支付金额
scanf("%d",&X);
int ans = 0;
dec(i,count,0){
int use = X /coins[i];
ans += use;
X = X - coins[i] * use;
printf("需要面额为%d的%d张, ", coins[i], use);
printf("剩余需要支付RMB %d.\n", X);
}
printf("最少需要%d张RMB\n", ans);
return 0;
}
テスト結果:
2.動的プログラミング
額面金額が1、2、5、7、10などの2倍の条件を満たさない場合。
支払い額= 14の場合、貪欲の結果は3(10 + 2 + 2)で、正しい結果は2(7 + 7)です。
このとき、動的計画法が使用されます。。。
アイデア:
1.状態iは、5つの状態i-1、i-2、i-5、i-7、i-10から取得できます。
dp [i] = min(dp [i] -coins [j])+ 1
ここで、amountは合計支払い、countは額面金額です。
2.境界dp [0] = 0;
コード:
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<vector>
using namespace std;
#define inc(i,l,r) for(int i=l;i<r;i++)
int coinchange(vector<int> &coins,int amount){
vector<int> dp;
inc(i,0,amount+1) dp.push_back(-1);
dp[0]=0;
inc(i,1,amount+1)
inc(j,0,coins.size()){
if(i-coins[j]>=0&&dp[i-coins[j]]!=-1){
if(dp[i]==-1||dp[i-coins[j]]+1<dp[i])
dp[i]=dp[i-coins[j]]+1;
}
}
return dp[amount];
}
int main(){
int amount,coin,count;//支付金额,面额,钱的种类
vector<int> coins;
scanf("%d",&count);
inc(i,0,count) scanf("%d",&coin),coins.push_back(coin);
scanf("%d",&amount);
printf("%d",coinchange(coins,amount));
return 0;
}
テスト結果: