签到题题解
一般做法
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
int n,m;
string s;
cin>>n>>m;
cin>>s;
while(m--)
{
int l,r;
cin>>l>>r;
int sum=0;
for(int i=l-1,j=r-1;;i++,j--)
{
if(i==j) break;
if(s[i]!=s[j]) sum++;
if(i+1==j) break;
}
cout<<sum<<endl;
}
return 0;
}
动态规划做法
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 2005;
int main()
{
int n, m;
char s[N];
int f[N][N] ;
memset(f, 0, sizeof f);
cin >> n >> m;
scanf("%s", s + 1);
for(int len = 2; len <= n ; len ++ )//枚举长度
{
for(int i = 0; i + len - 1 <= n ; i ++ )//枚举左端点
{
int l = i; int r = i + len -1;
if (len != 2) f[l][r] = f[l + 1][r - 1];
if(s[l] != s[r] && len != 2) f[l][r] = f[l + 1][r - 1] + 1;
if(s[l] != s[r] && len == 2) f[l][r] = 1;
}
}
while (m -- )
{
int l ,r;
cin >> l>>r;
if(s[l] != s[r] && r - l == 1 )
{
cout << "1" << endl;
continue;
}
cout << f[l][r] << endl;
}
return 0;
}
思路
每次枚举两个字母,这个字符串回文的个数由原本的l + 1 ~ r - 1
转移而来,所以状态转移方程是f[l][r] = f[l + 1][r - 1]
;
但是长度为二时,l + 1 ~ r - 1
,就会出错,所以长度为2时特判一下就好了。
跑路了题解
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 55;
int n, m;
int w[N][N];
int f[N * 2][N][N];
int main()
{
cin >> n;
int a, b, c;
for(int i = 1; i <= n; i ++ )
{
for(int j = 1; j <= n; j ++ )
{
scanf("%d", &w[i][j]);
}
}
for(int k = 2; k <= n + n; k ++ )//枚举步数
{
for(int i1 = 1; i1 <= n; i1 ++ ) //枚举第一条路线横坐标
{
for(int i2 = 1; i2 <= n; i2 ++ )//枚举第二条路线横坐标
{
int j1 = k - i1, j2 = k - i2; //分别表示两条路线的纵坐标
if (j1 >= 1 && j1 <= n && j2 >= 1 && j2 <= n)//如果范围合法
{
int add = w[i1][j1];
if (i1 != i2) add += w[i2][j2];//如果两个不在同一格就要加上两个格子的权值
int &x = f[k][i1][i2];//引用
//接下来枚举四个方向并作max
//i1 - 1, j1 i2 - 1, j2
x = max(x, f[k - 1][i1 - 1][i2 - 1] + add);
//i1 - 1, j1 i2, j2 - 1
x = max(x, f[k - 1][i1 - 1][i2] + add);
//i1, j1 - 1 i2 - 1, j2
x = max(x, f[k - 1][i1][i2 - 1] + add);
//i1, j1 - 1 i2, j2 - 1
x = max(x, f[k - 1][i1][i2] + add);
//最终f[i1][i2]表示的是:两个点从(1, 1)分别到(i1, j1)(i2, j2)时两条路线经过的所有格子的权值和的最大值
}
}
}
}
printf("%d\n", f[n + n][n][n]);
return 0;
}
思路