[Titel Beschreibung
für eine Reihe von Spalten \ (A \) , wenn es \ (i <j \) und \ (a_i> a_j \) , dann sagen wir \ (a_i \) und \ (a_j \) als ein Paar von umgekehrter Reihenfolge Nummer. Für wenn ein von (1 \ sim n \) \ Reihe bestehend aus natürlichen Zahlen, es ist einfach , die Anzahl der Rückwärts zu zählen , hat , erhalten. Dann wird die Rückseite der Zahl \ (k \) am Ende , wie viele solche natürlichen Zahlen der Anzahl der Spalten?
[Eingabeformat
der ersten beiden Handlungen von ganzen Zahlen \ (n-, K \) .
[Ausgabeformat]
eine ganze Zahl , die die Anzahl der Qualifikation Serie schreiben , da diese Zahl groß sein kann, die Anzahl der zur Ausgabe nur noch \ (\ 10000) Ergebnisse nach den Rest suchen.
Problemlösung
Emergent es. . . Einfache Push DP Gleichung
\ (Dp [i] [j ] \) darstellt \ (1 \ sim i \) eine umgekehrte Anordnung zu der vollen Anzahl \ (J \) ist die Anzahl der
Rand: \ ([. 1]. DP [2] [0] = DP [2] = 1 \) besondere Aufmerksamkeit \ (dp [1] [0 ] = 1 \)
Hier ist die Transportgleichung
Für Kastanien es: \ (3,1,2 \) Nun ist die \ (4 \) in die Liste aufgenommen , wenn die Erhöhung der \ (K \) hinter der Zahl \ ((0 \ le k \ le 3) \) umgekehrte Reihenfolge es wird mehr sein \ (3-k \) th
Dann ist es ist \ (dp [i] [j ] = \ sum \ limits_ {k = 0} ^ {i-1} dp [i-1] [jk] \)
Wie auf Push \ (DP [4] [3] \) es \ (4 \) in einem ersten Array und die Anzahl der Rückwärts \ (3 \) Anzahl Schema \ (dp [3] [0 ] \ ) , weil Sie \ (4 \) stellen die erste wird mehr als generieren \ (3 \) Umkehrungen der Sache , dass die ursprüngliche \ (3 \) Zahl nur umgekehrt kann nicht richtig ist
Präfix und \ (O (1) \) Übertragungs
\ (Dp \) Array - Dimension zuerst entfernt werden kann und dann die Offline - Daten tun, obwohl dies auch nichts anderes als Wasser bekommt nicht von einem Jahr ACM rid / ICPC scheint Prüfung, aber der ursprüngliche Titelkarte Raum
Dann wird zu einer Abfragesequenz von kleinen bis zu großer Speicherseitenkante DP Antwortzeitkomplexität \ (O (n ^ 2) \)
Code
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
inline int read() {
int x = 0, f = 1; char ch = getchar();
for (; ch > '9' || ch < '0'; ch = getchar()) if (ch == '-') f = -1;
for (; ch <= '9' && ch >= '0'; ch = getchar()) x = (x << 3) + (x << 1) + (ch ^ '0');
return x * f;
}
const ll mod = 1000000007;
int tot, now;
ll dp[5005], sum[5005], ans[5005];
struct question{
int n, m, ind;
} q[5005];
inline bool cmp(question a, question b) {
return a.n < b.n;
}
inline void DP() {
dp[0] = dp[1] = 1;
for (ll j = 0; j <= 5000; j++) {
sum[j] = j == 0 ? 1 : 2;
}
while (now <= tot && q[now].n == 2) {
ans[q[now].ind] = dp[q[now].m];
now++;
}
for (ll i = 3; i <= 5000; i++) {
memset(dp, 0, sizeof(dp));
for (ll j = 0; j <= min(i * (i - 1) / 2, 5000ll); j++) {
if (j - i < 0) {
dp[j] = sum[j];
} else {
dp[j] = (sum[j] - sum[j - i] + mod) % mod;
}
}
memset(sum, 0, sizeof(sum));
sum[0] = dp[0];
for (ll j = 1; j <= 5000; j++) {
sum[j] = (sum[j-1] + dp[j]) % mod;
}
while (now <= tot && q[now].n == i) {
ans[q[now].ind] = dp[q[now].m];
now++;
}
}
}
int main() {
tot = read();
for (int i = 1, n, m; i <= tot; i++) {
n = read(); m = read();
q[i] = question{n, m, i};
}
sort(q + 1, q + tot + 1, cmp);
now = 1;
while (now <= tot && q[now].n == 1) {
ans[q[now].ind] = q[now].m == 0 ? 1 : 0;
now++;
}
DP();
for (int i = 1; i <= tot; i++) {
printf("%lld\n", ans[i]);
}
return 0;
}