02
La clase de teoría de grafos
considera sumar puntos uno por uno, luego, si el punto x recién agregado es un número compuesto, entonces está conectado a un cierto factor y el peso total aumenta en x; si x es un número primo, entonces está conectado a 2 y el valor general aumenta Dos veces x. Ésta es la situación de conexión óptima.
Min25 tamiz para encontrar la suma del prefijo de los números primos dentro de n + 1, más 2 + 3 + 4 + ... n + 1.
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std;
const long long Nmax=10000000005ll;
const long long SQR=100005ll;
long long N,Ha,Haa,g[SQR*3],ans;
long long w[SQR*3],id1[SQR],id2[SQR],cnt;
long long f[SQR],P[SQR],SP[SQR],num;
void get_pri(long long Pmax)
{
num=0;
memset(f,0,sizeof(f));
for (long long i=2; i<=Pmax; i++)
{
if (!f[i])
{
P[++num]=i;
SP[num]=SP[num-1]+i;
}
for (long long j=1,k; j<=num && (k=i*P[j])<=Pmax; j++)
{
f[k]=1;
if (i%P[j]==0)
break;
}
}
}
void get_id()
{
cnt=0;
for (long long i=1,k; i<=N; )
{
k=N/i; //g[k] 是需要的，将 k 离散出来
w[++cnt]=k; //离散出的数中第 cnt 个为 k
if (k<=SQR)
id1[k]=cnt;
else
id2[N/k]=cnt;
i=N/k+1; //使 k 跳到往后使 N/k 加 1
}
}
inline int ID(long long x){
return (x<=SQR ? id1[x] : id2[N/x]);}
void get_g()
{
long long X;
for (int i=1; i<=cnt; i++) //dp初始化, 即 j=0 时 g[w][j] 等于2~w累加
{
g[i]=(w[i]+2)*(w[i]-1)/2;
}
for (int j=1; j<=num; j++)
{
for (int i=1; i<=cnt; i++)
{
if (P[j]*P[j]>w[i]) break;
//X=((g[ID(w[i]/P[j])]-SP[j-1])%Ha+Ha)%Ha;
X=g[ID(w[i]/P[j])]-SP[j-1];
g[i]=g[i]-P[j]*X;
//if (g[i]<0) g[i]=(g[i]%Ha+Ha)%Ha;
//if (g[i]>Ha) g[i]%=Ha;
}
}
}
int main()
{
long long T,n;
scanf("%lld",&T);
get_pri(SQR);
while(T--)
{
ans=0;
scanf("%lld%lld",&n,&Ha);
Haa=Ha*Ha;
N=n+1;
get_id();
get_g();
ans=g[ID(N)]%Ha;
ans=(ans+(n+3)%Ha*n%Ha*(Ha+1)/2%Ha)%Ha; //2+3+...+(n+1)
ans=(ans-4+Ha)%Ha;
printf("%lld\n",ans);
}
return 0;
}
/*
1
260136231 19260817
*/
05
Almuerzo
06
CCPC Training Class Para citar
algunos ejemplos, descubrí que poner todas las letras que aparecen más al principio es la mejor situación.
#include <cstdio>
int T,a[30],ans;
char ch;
int main()
{
scanf("%d",&T);
ch='a'-5;
for (int kk=1; kk<=T; kk++)
{
for (int i=0; i<26; i++)
a[i]=0;
while (ch<'a' || ch>'z')
ch=getchar();
while (ch>='a' && ch<='z')
{
a[ch-'a']++;
ch=getchar();
}
ans=0;
for (int i=0; i<26; i++)
if (ans<a[i])
ans=a[i];
printf("Case #%d: %d\n",kk,ans);
}
return 0;
}
09
Informes
10
Convolución 3x3
Este punto de la imagen de multiplicación de matrices es para doblar la esquina superior izquierda de K al punto (i, j) en A, y luego asignar la suma de las posiciones superpuestas al nuevo punto (i, j). Si K es alguna Si la posición de algunos puntos excede A, ignore esas posiciones de K (es decir, multiplique si puede multiplicar).
Al observar la muestra, puede adivinar que la respuesta se emite tal cual o solo 0.
Piense en cuándo se emite como es: solo cuando la respuesta es "K solo tiene un elemento distinto de cero en la esquina superior izquierda", se emite como es.
Si K es en otros casos, la respuesta es 0: tome el punto en la esquina inferior derecha de A como un avance, ya que la suma de K elementos es 1, si K tiene elementos distintos de cero en otros lugares además de la esquina superior izquierda, entonces para la esquina inferior derecha de A Después de cada multiplicación, disminuirá y disminuirá proporcionalmente a 0. De esta manera, los puntos alrededor de la esquina inferior derecha de A también seguirán disminuyendo, y así sucesivamente, toda la A eventualmente tenderá a 0 .
por lo que problema resuelto. Preste atención al formato (espacio al final de la línea).
#include <cstdio>
int main()
{
//freopen("1.txt","w",stdout);
int T,n,f,a[1000][1000],b[10];
scanf("%d",&T);
while (T--)
{
f=0;
scanf("%d",&n);
for (int i=1; i<=n; i++)
for (int j=1; j<=n; j++)
scanf("%d",&a[i][j]);
for (int i=1; i<=9; i++)
{
scanf("%d",&b[i]);
f+=b[i];
}
if (b[1]==f && f>0)
{
for (int i=1; i<=n; i++)
{
for (int j=1; j<=n; j++)
{
if (j==n)
printf("%d",a[i][j]);
else
printf("%d ",a[i][j]);
}
printf("\n");
}
}
else
{
for (int i=1; i<=n; i++)
{
for (int j=1; j<=n; j++)
{
if (j==n)
printf("0");
else
printf("0 ");
}
printf("\n");
}
}
}
return 0;
}
11
Xor