传送门：http://poj.org/problem?id=1958
汉诺塔：https://www.cnblogs.com/antineutrino/p/3334540.html
问题引入：这个在标准的三塔问题上又加了一维，我们先考虑三个塔是怎么计算的？可以具体地分成三个步骤：
1.假设A塔上有n个盘子，将A塔上n-1个盘子转移到B塔上。
2.将A塔上剩余的一个盘子转移到C塔上。
3.将B塔上剩余的n-1个盘子转移到C塔上
因为后转移的盘子小，上面n-1个盘子都能落在上面，2之后的C柱可以看成空的柱子，于是1、3两步中的最小移动数相等。
设d[i]表示将i个盘子从A移动到C的方案数。B、C等效，于是d[n]=2*d[n-1]+1,两次1、3，最下方移动+1即可，线性递推不难。
由此可见，我们将n个盘子的移动，转化为了n-1个盘子的移动，进一步可以转化成n-2,n-3,n-4....3,2,1 这其实就是程序的递归/递推逻辑。
现在，让我们考虑四个柱子。一样是尝试着划归
首先，我们用四根柱子的方法，将A柱上的k个盘子转移到B柱上。然后由于B柱上所有的盘子都比A小，对于A柱剩余的n-k个盘子来说，B柱相当于没有。问题转化为了
三根柱子的问题！！于是我们用三根柱子的方法移动A柱上n-k个盘子，然后再用四根柱子的方法移动B上的k个盘子到D柱上，问题解决！
设f[i]表示i个盘子的方案数，d[i]同上。
由此，我们得到状态转移方程：
f[n]=min{2*f[k]+d[n-k]} k∈{1,2,.....n}
进一步，我们考虑m个柱子，n个盘子的情况。对于所有m个盘子，都可以先将其转化为m-1个盘子的情况，然后进行计算！上式依然成立，只不过f数组记录m个柱子的数据，d数组记录m-1个柱子的数据。
多么巧妙的递推！
AC代码：
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll d[13],f[120];
inline ll min(ll x,ll y)
{
return x<y?x:y;
}
int main()
{
memset(f,0x3f,sizeof(f));
f[1]=1;
d[1]=1;
for(int i=2;i<=13;i++)
d[i]=2*d[i-1]+1;
// printf("%d",d[n]);
for(int i=1;i<=12;i++)
for(int j=1;j<=i;j++)
f[i]=min(f[i],2*f[j]+d[i-j]);
for(int i=1;i<=12;i++)
printf("%lld\n",f[i]);
return 0;
}